Περίκεντρο - έγκεντρο - "ορθοκεντρο" στον ίσιο δρόμο

Συντονιστής: ΣΤΑΘΗΣ ΚΟΥΤΡΑΣ

Άβαταρ μέλους
ΣΤΑΘΗΣ ΚΟΥΤΡΑΣ
Επιμελητής
Δημοσιεύσεις: 3961
Εγγραφή: Κυρ Μαρ 13, 2011 9:11 pm
Τοποθεσία: Λ. Αιδηψού Ευβοίας

Περίκεντρο - έγκεντρο - "ορθοκεντρο" στον ίσιο δρόμο

#1

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από ΣΤΑΘΗΣ ΚΟΥΤΡΑΣ » Τρί Μάιος 29, 2012 5:52 pm

Περίκεντρο - Εγκεντρο - Ορθόκεντρο.png
Περίκεντρο - Εγκεντρο - Ορθόκεντρο.png (25.86 KiB) Προβλήθηκε 1403 φορές
Να δείξετε ότι το κέντρο \displaystyle{ 
O 
} του περιγεγραμμένου κύκλου τριγώνου \displaystyle{ 
\vartriangle ABC 
}, το έγκεντρο του \displaystyle{ 
I 
} και το ορθόκεντρο \displaystyle{ 
H 
} του τριγώνου με κορυφές

τα σημεία επαφής του έγκυκλου του \displaystyle{ 
\vartriangle ABC 
} με τις πλευρές του είναι σημεία συνευθειακά.


Στάθης


Τι περιμένετε λοιπόν ναρθεί , ποιόν καρτεράτε να σας σώσει.
Εσείς οι ίδιοι με τα χέρια σας , με το μυαλό σας με την πράξη αν δεν αλλάξετε τη μοίρα σας ποτέ της δεν θα αλλάξει
Άβαταρ μέλους
vittasko
Επιμελητής
Δημοσιεύσεις: 2034
Εγγραφή: Πέμ Ιαν 08, 2009 8:46 am
Τοποθεσία: Μαρούσι - Αθήνα.

Re: Περίκεντρο - έγκεντρο - "ορθοκεντρο" στον ίσιο δρόμο

#2

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από vittasko » Τρί Μάιος 29, 2012 7:00 pm

Στάθη καλησπέρα.

Τελικά στον ίσιο δρόμο είναι άλλο ένα περίκεντρο και άλλο ένα ορθόκεντρο.

Δεν χωράνε όμως και τα πέντε σημεία σ' αυτόν τον φάκελο. :) Υπάρχει όμως μία ενδιαφέρουσα σχέση μεταξύ των τμημάτων που ορίζονται από τα τρία συνευθειακά σημεία που αναφέρεις και είναι μία καλή ευκαιρία να αναφερθούμε σε κάποια παλιά καλά βιβλία Γεωμετρίας.

Κώστας Βήττας.


Grigoris K.
Δημοσιεύσεις: 927
Εγγραφή: Κυρ Μαρ 27, 2011 8:12 pm

Re: Περίκεντρο - έγκεντρο - "ορθοκεντρο" στον ίσιο δρόμο

#3

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από Grigoris K. » Τρί Μάιος 29, 2012 9:39 pm

Καλησπέρα κ. Στάθη και κ. Βήττα.

Το συγκεκριμένο θέμα το συνάντησα την προηγούμενη εβδομάδα στην Επιπεδομετρία του Γ. Τσίντσιφα (Πρόβλημα 1162) και με ταλαιπώρησε πολύ...

Τελικά είχα μια "επιφοίτηση" αλλά, δυστυχώς, όχι αμιγώς γεωμετρική:


Λήμμα 1:

Σε κάθε \triangle ABC με ορθόκεντρο H και περίκεντρο O ισχύει \displaystyle{ \overrightarrow{OH} = \overrightarrow{OA} + \overrightarrow{OB} + \overrightarrow{OC} }

Λήμμα 2:

Έστω \triangle ABC και I το έκκεντρό του. Αν C',B',A' είναι τα μέσα των κυρτογώνιων τόξων AB, AC,BC

τότε το I είναι το ορθόκεντρο του \triangle A'B'C'.

Πρόβλημα:

Σύμφωνα με το Λήμμα 1 στο \triangle ZDE ισχύει: \displaystyle{ \overrightarrow{IH} = \overrightarrow{IZ} + \overrightarrow{IE} + \overrightarrow{ID} }.

Επίσης στο \triangle A'B'C' ισχύει λόγω του Λήμματος 1 και 2: \displaystyle{ \overrightarrow{OI} = \overrightarrow{OA'} + \overrightarrow{OB'} + \overrightarrow{OC'} }

Όμως είναι \displaystyle{ AI \perp C'B',~ AI \perp ZE \Rightarrow C'B' \parallel ZE }.

'Ομοια και οι άλλες πλευρές προκύπτουν παράλληλες.

Συνεπώς τα \triangle ZDE , \triangle C'B'A' είναι ομοιόθετα με λόγο \lambda και θα ισχύει για τα ομόλογα στοιχεία τους

\displaystyle{ \overrightarrow{OA'} = \lambda \overrightarrow{ID}, ~ \overrightarrow{OB'} = \lambda \overrightarrow{IE}, ~ \overrightarrow{OC'} =  \lambda \overrightarrow{IZ}} .

Άρα είναι \displaystyle{ \overrightarrow{OI} =  \overrightarrow{OA'} + \overrightarrow{OB'} + \overrightarrow{OC'} = \lambda (\overrightarrow{IZ} + \overrightarrow{IE} + \overrightarrow{ID}) = \lambda \overrightarrow{IH} } .

Τελικά η σχέση \displaystyle{ \overrightarrow{OI} = \lambda \overrightarrow{IH}  } συνεπάγεται την συνευθειακότητα των O,I,H.


Edit: Ο λόγος ομοιοθεσίας \displaystyle{ \lambda } των \displaystyle{ \triangle A'B'C' \sim \triangle ZDE} μπορεί και να εκφραστεί ως \displaystyle{ \lambda = \frac{R}{r} }

όπου \displaystyle{ R,r } η ακτίνα του περιγεγραμμένου κύκλου και του εγγεγραμμένου κύκλου αντίστοιχα.

(Η παρατήρηση της σχέσης αυτής δεν είναι δική μου αλλά ενός μέλους στο mathlinks.ro)


Άβαταρ μέλους
parmenides51
Δημοσιεύσεις: 6240
Εγγραφή: Πέμ Απρ 23, 2009 9:13 pm
Τοποθεσία: Πεύκη
Επικοινωνία:

Re: Περίκεντρο - έγκεντρο - "ορθοκεντρο" στον ίσιο δρόμο

#4

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από parmenides51 » Σάβ Μαρ 16, 2013 10:32 pm

μερική λύση με Ευκλείδεια μέσα εδώ


edit

ίσως να μην είναι και τόσο σχετική η παραπάνω παραπομπή, δεν είμαι σίγουρος :oops:


πάντως δεν δόθηκε ακόμα γεωμετρική λύση


Μιχάλης Τσουρακάκης
Δημοσιεύσεις: 1692
Εγγραφή: Παρ Ιαν 11, 2013 4:17 am
Τοποθεσία: Ηράκλειο Κρήτης

Re: Περίκεντρο - έγκεντρο - "ορθοκεντρο" στον ίσιο δρόμο

#5

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από Μιχάλης Τσουρακάκης » Τετ Μαρ 20, 2013 9:24 pm

Καλησπέρα.Αυτό είναι ένα πολύ ενδιαφέρον πρόβλημα .Έχω δώσει τρεις διαφορετικές λύσεις όλες στηριγμένες σε ομοιοθεσία.
Θα παρουσιάσω μια εκ των τριών .

Οι \displaystyle{BI,AI,CI} είναι διχοτόμοι του τριγώνου \displaystyle{ABC}. Επειδή \displaystyle{AB,BC,CA} είναι εφαπτόμενες του εγγεγραμμένου κύκλου,θα είναι \displaystyle{BI \bot ZD,CI \bot ED,AI \bot EZ}
Θεωρώ τώρα τις κάθετες στις \displaystyle{BI,CI,AI} στα \displaystyle{B,C,A} οι οποίες ανά δύο τέμνονται στα \displaystyle{B’,C’,A’}.Έτσι ,στο τρίγωνο \displaystyle{B’C’A’} τα \displaystyle{BB’,CC’,AA’} είναι ύψη του και το \displaystyle{I} είναι το ορθόκεντρό του .Επίσης θα είναι \displaystyle{ZD//A'C',ZE//C'B',ED//A'B'} κι έτσι υπάρχει ομοιοθεσία στην οποία τα τρίγωνα \displaystyle{BCA,B’C’A’} είναι ομοιόθετα.Αυτό βέβαια συνεπάγεται ότι θα είναι ομοιόθετα και τα περίκεντρά τους και τα ορθόκεντρά τους.
Επειδή ο περιγεγραμμένος κύκλος του τριγώνου \displaystyle{BCA} περνά από τους πόδες\displaystyle{B,C,A} των υψών του τριγώνου \displaystyle{B’C’A’} και είναι μοναδικός που διέρχεται από τα σημεία αυτά,αυτός θα είναι ο κύκλος EULER του τριγώνου \displaystyle{B’C’A’} .Έστω \displaystyle{O’} το περίκεντρο του τριγώνου \displaystyle{B’C’A’}.Γνωρίζουμε ότι το κέντρο \displaystyle{O} του κύκλου EULER του τριγώνου \displaystyle{B’C’A’} βρίσκεται επί της \displaystyle{IO’} που είναι η ευθεία EULER του τριγώνου \displaystyle{B’C’A’} και μάλιστα στο μέσον της.
Στην παραπάνω ομοιοθεσία των τριγώνων \displaystyle{B’C’A’,EZD} που αναφέραμε,το \displaystyle{I} (περίκεντρο του τριγώνου \displaystyle{DEZ} ) είναι ομοιόθετο του \displaystyle{O’} (περίκεντρο του τριγώνου \displaystyle{A’B’C’} ) και το \displaystyle{H} (ορθόκεντρο του τριγώνου \displaystyle{DEZ} )είναι ομοιόθετο του \displaystyle{I} (ορθόκεντρο του τριγώνου \displaystyle{DEZ} )Συνεπώς η ομοιόθετη της ευθείας EULER \displaystyle{IO'} του τριγώνου \displaystyle{A'B'C'} είναι η ευθεία EULER \displaystyle{IH} του τριγώνου \displaystyle{EDZ}
Άρα οι ευθείες αυτές ταυτίζονται κι αφού το \displaystyle{O} είναι σημείο της \displaystyle{IO'} θα ανήκει και στην \displaystyle{IH} κι έτσι τα \[H,I,O} είναι συνευθειακά

ΠΑΡΑΤΉΡΗΣΗ

Ο κύκλος EULER του τριγώνου \[A’B’C’} ξέρουμε πως περνά από το μέσον του \displaystyle{IA’} οπότε \displaystyle{IS=SA’} .Όμως τα τρίγωνα \displaystyle{IBA’,ICA’} είναι ορθογώνια με κοινή υποτείνουσα \displaystyle{IA’} κι έτσι \displaystyle{BS=SC} .Αλλά και \displaystyle{OB=OC} οπότε η \displaystyle{SO} είναι μεσοκάθετη της \displaystyle{BC} Ακόμη \displaystyle{DI\bot BC} Άρα \displaystyle{DI//OS}. Επειδή \displaystyle{HD\bot ZE},και \displaystyle{AA’\bot B’C’//ZE} είναι \displaystyle{DH//AA'}
Έτσι \displaystyle{\angle OSI = \angle DIS = \angle IDH,\angle IOS = \angle HID}
Άρα τα τρίγωνα \[IOS,HID} είναι όμοια οπότε \[\frac{{IH}}{{OI}} = \frac{{ID}}{{OS}}} και αν \displaystyle{R,r}] οι ακτίνες του περιγεγραμμένου-εγγεγραμμένου κύκλου του τριγώνου αντίστοιχα θα είναι \[\boxed{\frac{{IH}}{{OI}} = \frac{r}{R}} \Rightarrow IH = \frac{r}{R} \cdot OI}
Επειδή από το θεώρημα EULER είναι\[O{I^2} = {R^2} - 2Rr} έχουμε \[IH = \frac{r}{R} \cdot OI \Rightarrow \boxed{IH = \frac{r}{R} \cdot \sqrt {{R^2} - 2Rr} }}
Έτσι εκφράσαμε τα τμήματα \[HI,OI] συναρτήσει των \[R,r]





.
Συνημμένα
συνευθειακότητα.png
συνευθειακότητα.png (36.63 KiB) Προβλήθηκε 959 φορές
τελευταία επεξεργασία από Μιχάλης Τσουρακάκης σε Τετ Μαρ 20, 2013 11:06 pm, έχει επεξεργασθεί 1 φορά συνολικά.


Άβαταρ μέλους
S.E.Louridas
Δημοσιεύσεις: 5358
Εγγραφή: Σάβ Μαρ 21, 2009 10:53 am
Τοποθεσία: Aegaleo.
Επικοινωνία:

Re: Περίκεντρο - έγκεντρο - "ορθοκεντρο" στον ίσιο δρόμο

#6

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από S.E.Louridas » Τετ Μαρ 20, 2013 11:00 pm

Ας μου επιτραπεί η συμμετοχή μου στην άριστη Γεωμετρική παρέα και μόνο για λόγους πλουραλισμού.

Έστω T το μέσο του μικρού τόξου BC και N το σημείο τομής της AI με την ZE.
Εύκολα έχουμε:
\displaystyle{\angle IDH = \angle OTI = \frac{{\angle B - \angle C}} 
{2},\quad \frac{{HD}} 
{{DI}} = \frac{{2IN}} 
{{IE}} = \frac{{TC}} 
{{OT}} = \frac{{TI}} 
{{OT}}\, \Rightarrow \vartriangle DIH \sim \vartriangle ITO,}
με τις ευθείες DH, TI να είναι παράλληλες σαν κάθετες στην ίδια ευθεία, καταλήγοντας έτσι στην απάντηση.

Χρησιμοποιήσαμε ότι TB=TI=TC, που είναι γνωστή πρόταση και αποδεικνύεται απλά.


S.E.Louridas

1.Μιλώ, μόνο όταν έχω να πώ κάτι καλύτερο από την σιωπή (Πυθαγόρας).
2.Οι αξίες αντανακλώνται, Δεν επιβάλλονται.
3.Είναι Κορυφαία η κάθε στιγμή επίλυσης ενός Μαθηματικού προβλήματος.
Άβαταρ μέλους
vittasko
Επιμελητής
Δημοσιεύσεις: 2034
Εγγραφή: Πέμ Ιαν 08, 2009 8:46 am
Τοποθεσία: Μαρούσι - Αθήνα.

Re: Περίκεντρο - έγκεντρο - "ορθοκεντρο" στον ίσιο δρόμο

#7

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από vittasko » Πέμ Μαρ 21, 2013 12:25 am

Ρίξτε μια ματιά και Εδώ.

Κώστας Βήττας.


Άβαταρ μέλους
parmenides51
Δημοσιεύσεις: 6240
Εγγραφή: Πέμ Απρ 23, 2009 9:13 pm
Τοποθεσία: Πεύκη
Επικοινωνία:

Re: Περίκεντρο - έγκεντρο - "ορθοκεντρο" στον ίσιο δρόμο

#8

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από parmenides51 » Πέμ Μαρ 21, 2013 6:40 am

μερικά ερωτήματα επιπλέον πρόσθεσε ο Στάθης εδώ


Υ.Γ. Η ελαφρά άστοχη επαναφορά μου σε καλό μας βγήκε τελικά, νέες λύσεις κερδίσαμε :)


Απάντηση

Επιστροφή σε “ΕΥΚΛΕΙΔΕΙΑ ΓΕΩΜΕΤΡΙΑ Β'”

Μέλη σε σύνδεση

Μέλη σε αυτήν τη Δ. Συζήτηση: Δεν υπάρχουν εγγεγραμμένα μέλη και 1 επισκέπτης