EGMO 2018/1

Συντονιστές: cretanman, ΔΗΜΗΤΡΗΣ ΙΩΑΝΝΟΥ, socrates

Άβαταρ μέλους
Demetres
Γενικός Συντονιστής
Δημοσιεύσεις: 9010
Εγγραφή: Δευ Ιαν 19, 2009 5:16 pm
Τοποθεσία: Λεμεσός/Πύλα
Επικοινωνία:

EGMO 2018/1

#1

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από Demetres »

Έστω ABC ένα τρίγωνο με CA = CB και \angle ACB = 120^{\circ} και έστω M το μέσον της πλευράς AB . Έστω P τυχαίο σημείο στον περιγεγραμμένο κύκλο του τριγώνου ABC και Q το σημείο στο τμήμα CP για το οποίο QP = 2QC. Η ευθεία από το P που είναι κάθετη στο AB τέμνει την ευθεία MQ σε ένα μοναδικό σημείο N.

Αποδείξτε ότι υπάρχει ένας σταθερός κύκλος έτσι ώστε το N να ανήκει στον κύκλο αυτό για όλες τις δυνατές θέσεις του P.

Ετικέτες:
Άβαταρ μέλους
silouan
Επιμελητής
Δημοσιεύσεις: 1434
Εγγραφή: Τρί Ιαν 27, 2009 10:52 pm

Re: EGMO 2018/1/1

#2

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από silouan »

Αντιγράφω τη λύση μου από το artofproblemsolving.
Έστω N' το συμμετρικό του O ως προς το μέσον R του CP.
Το COPN' είναι Ρόμβος, άρα η N'P είναι κάθετη στην AB. Επομένως αρκεί τα
N', Q, M να είναι συνευθειακά, που προκύπτει άμεσα από το θεώρημα του Μενελάου στο CRO με διατέμνουσα την N'QM. ( Χρησιμοποιούμε ότι CM=MO, CQ=2QR και N'O=N'R.)
Σιλουανός Μπραζιτίκος
Άβαταρ μέλους
Ορέστης Λιγνός
Δημοσιεύσεις: 1863
Εγγραφή: Κυρ Μάιος 08, 2016 7:19 pm
Τοποθεσία: Χαλάνδρι Αττικής
Επικοινωνία:

Re: EGMO 2018/1/1

#3

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από Ορέστης Λιγνός »

Demetres έγραψε: Τετ Απρ 11, 2018 4:09 pm Έστω ABC ένα τρίγωνο με CA = CB και \angle ACB = 120^{\circ} και έστω Μ το μέσον της πλευράς AB . Έστω P τυχαίο σημείο στον περιγεγραμμένο κύκλο του τριγώνου ABC και Q το σημείο στο τμήμα CP για το οποίο QP = 2QC. Η ευθεία από το P που είναι κάθετη στο AB τέμνει την ευθεία MQ σε ένα μοναδικό σημείο N.

Αποδείξτε ότι υπάρχει ένας σταθερός κύκλος έτσι ώστε το N να ανήκει στον κύκλο αυτό για όλες τις δυνατές θέσεις του P.
Καλή επιτυχία στις ομάδες μας!

Το \vartriangle ABC είναι ισοσκελές (CA=CB), άρα CM \perp AB, και αφού PN \perp AB, PN \parallel CM.

Άρα, τα \vartriangle PNQ, \vartriangle CQM είναι όμοια, οπότε  PN=2CM (1). (Έχουμε ότι PQ=2QC).

Επίσης, \widehat{COB}=2\widehat{CAB}=60^\circ, και αφού OC=OB, \vartriangle COB ισόπλευρο.

Άρα, BM \perp CO \Rightarrow MC=MO \Rightarrow CO=2CM (2).

Από (1), (2), NP \parallel = CO, δηλαδή το PNCO είναι παραλληλόγραμμο.

Έτσι, CN=OP=R, όπου R η σταθερή ακτίνα του περιγεγραμμένου κύκλου του \vartriangle ABC.

Έτσι, το N ανήκει στον κύκλο (C,R), για όλες τις δυνατές θέσεις του P.
EGMO1.png
EGMO1.png (24.93 KiB) Προβλήθηκε 1108 φορές
Κερδίζουμε ό,τι τολμούμε!
sokpanvas
Δημοσιεύσεις: 45
Εγγραφή: Δευ Ιούλ 31, 2017 1:53 pm

Re: EGMO 2018/1/1

#4

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από sokpanvas »

Demetres έγραψε: Τετ Απρ 11, 2018 4:09 pm Έστω ABC ένα τρίγωνο με CA = CB και \angle ACB = 120^{\circ} και έστω Μ το μέσον της πλευράς AB . Έστω P τυχαίο σημείο στον περιγεγραμμένο κύκλο του τριγώνου ABC και Q το σημείο στο τμήμα CP για το οποίο QP = 2QC. Η ευθεία από το P που είναι κάθετη στο AB τέμνει την ευθεία MQ σε ένα μοναδικό σημείο N.

Αποδείξτε ότι υπάρχει ένας σταθερός κύκλος έτσι ώστε το N να ανήκει στον κύκλο αυτό για όλες τις δυνατές θέσεις του P.
Μία λύση παρόμοια με του ορέστη απλά μετά από τη σχέση PN=CA=CB εφαρμόζουμε νόμο ημιτόνων στα CBP και CNP παίρνουμε \frac{sin\angle CBP}{sin\angle CNP}=\frac{sin\angle CPB}{sin\angle PCN} και \frac{CN}{CB}=\frac{sin\angle CBP*sin\angle PCN}{sin\angle CNP*sin\angle CPB}=1 άρα CN=PN=CA άρα το N ανήκει στον κύκλο (C,CA).
Απάντηση

Επιστροφή στο “Θέματα διαγωνισμών (ΕΜΕ, ΚΥΜΕ, BMO, JBMO, IMO, Kangaroo κλπ)”

Μέλη σε σύνδεση

Μέλη σε αυτήν τη Δ. Συζήτηση: Δεν υπάρχουν εγγεγραμμένα μέλη και 1 επισκέπτης