Σελίδα 1 από 1

Διάμετροι και εφαπτόμενες

Δημοσιεύτηκε: Δευ Μαρ 20, 2023 8:10 pm
από KARKAR
Διάμετροι και εφαπτόμενες.png
Διάμετροι και εφαπτόμενες.png (9.88 KiB) Προβλήθηκε 988 φορές
\bigstar Τα τμήματα AS , BT εφάπτονται στα δύο ημικύκλια . Υπολογίστε τον λόγο : \dfrac{AS}{BT} .

( Προαιρετικό ) : Υπάρχει περίπτωση τα σημεία B , S , T να είναι συνευθειακά ;

Re: Διάμετροι και εφαπτόμενες

Δημοσιεύτηκε: Τετ Μαρ 22, 2023 10:52 am
από george visvikis
KARKAR έγραψε: Δευ Μαρ 20, 2023 8:10 pm Διάμετροι και εφαπτόμενες.png\bigstar Τα τμήματα AS , BT εφάπτονται στα δύο ημικύκλια . Υπολογίστε τον λόγο : \dfrac{AS}{BT} .

( Προαιρετικό ) : Υπάρχει περίπτωση τα σημεία B , S , T να είναι συνευθειακά ;

Έστω O, K τα κέντρα των ημικυκλίων και a=2R, b=2r.
Διάμετροι και εφαπτόμενες.png
Διάμετροι και εφαπτόμενες.png (16.29 KiB) Προβλήθηκε 920 φορές
\displaystyle \frac{{A{S^2}}}{{B{T^2}}} = \frac{{{{(2R + r)}^2} - {r^2}}}{{{{(2r + R)}^2} - {R^2}}} = \frac{{4R(R + r)}}{{4r(R + r)}} = \frac{R}{r} = \frac{a}{b} \Leftrightarrow \boxed{\frac{AS}{BT}=\sqrt{\frac{a}{b}}}

Re: Διάμετροι και εφαπτόμενες

Δημοσιεύτηκε: Τετ Μαρ 22, 2023 5:50 pm
από rek2
KARKAR έγραψε: Δευ Μαρ 20, 2023 8:10 pm
( Προαιρετικό ) : Υπάρχει περίπτωση τα σημεία B , S , T να είναι συνευθειακά ;
R=4r

Re: Διάμετροι και εφαπτόμενες

Δημοσιεύτηκε: Πέμ Μαρ 23, 2023 9:25 am
από george visvikis
rek2 έγραψε: Τετ Μαρ 22, 2023 5:50 pm
KARKAR έγραψε: Δευ Μαρ 20, 2023 8:10 pm
( Προαιρετικό ) : Υπάρχει περίπτωση τα σημεία B , S , T να είναι συνευθειακά ;
R=4r
Έχω το ίδιο αποτέλεσμα, αλλά η απόδειξή μου ξεφεύγει απ' το φάκελο.

Re: Διάμετροι και εφαπτόμενες

Δημοσιεύτηκε: Πέμ Μαρ 23, 2023 12:54 pm
από george visvikis
Για το προαιρετικό εκτός φακέλου.

Κρατάω από την πρώτη μου ανάρτηση (#2) ότι AS=2\sqrt{R(R+r)}, BT=2\sqrt{r(R+r)}
Προαιρετικό.Κ.png
Προαιρετικό.Κ.png (16.81 KiB) Προβλήθηκε 827 φορές
Με νόμο ημιτόνων στο ASB, \displaystyle \frac{{\sin B}}{{\sin (90^\circ  + B)}} = \frac{{AS}}{{AB}} \Leftrightarrow \tan B = \frac{{\sqrt {R(R + r)} }}{{(R + r)}}

Αλλά, \displaystyle \tan B = \frac{{OT}}{{BT}} = \frac{R}{{2\sqrt {r(R + r)} }}, οπότε \displaystyle R(R + r) = 2(R + r)\sqrt {Rr}  \Leftrightarrow {R^2} = 4Rr \Leftrightarrow \boxed{R=4r}



ΥΓ. Μετατρέπεται σε λύση εντός φακέλου αν, αντί για τριγωνομετρία, χρησιμοποιήσουμε

την ομοιότητα των τριγώνων ASC, ASB, καθώς και των SCB, TOB.