Combinatorial Nullstellensatz

Συντονιστής: Demetres

Άβαταρ μέλους
Demetres
Γενικός Συντονιστής
Δημοσιεύσεις: 9010
Εγγραφή: Δευ Ιαν 19, 2009 5:16 pm
Τοποθεσία: Λεμεσός/Πύλα
Επικοινωνία:

Combinatorial Nullstellensatz

#1

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από Demetres »

Με αφορμή ένα post του Αναστάση εδώ.

Γνωρίζουμε ότι ένα πολυώνυμο βαθμού n δεν μπορεί να έχει περισσότερες από n ρίζες. Πώς γενικέυεται αυτό σε πολυώνυμα πολλών μεταβλητών; Ο Noga Alon έχει δώσει την εξής απάντηση

Θεώρημα (Combinatorial Nullstellensatz): Έστω F ένα σώμα και f ένα πολυώνυμο στο F[x_1,\ldots,x_n]. Έστω ότι το f έχει βαθμό m και ο συντελεστής του όρου x_1^{m_1} \cdots x_n^{m_n} όπου m_1 + \cdots + m_n, όπου m_1 + \cdots + m_n είναι μη μηδενικός. Αν S_1,\ldots,S_n υποσύνολα του F με |S_i| \geqslant m_1 + 1 για κάθε i τότε υπάρχει s_1 \in S_1,\ldots,s_n \in S_n ώστε f(s_1,\ldots,s_n) \neq 0.

Το θεώρημα αυτό έχει βρει αρκετές εφαρμογές σε αριθμοθεωρία και συνδυαστική. Δίνω σαν άσκηση μια εφαρμογή

Θεώρημα Cauchy-Davenport: Έστω p πρώτος και A,B μη κενά υποσύνολα του \mathbb{Z}_p. Τότε |A+B| \geqslant \min\{p,|A|+|B|-1\}.

Εδώ, A+B = \{a+b:a \in A,b \in B\}.
Υπόδειξη: Κοιτάξτε το πολυώνυμο f(x,y) = \prod_{c \in C}(x+y-c) για κάποιο κατάλληλο C.
Άβαταρ μέλους
Demetres
Γενικός Συντονιστής
Δημοσιεύσεις: 9010
Εγγραφή: Δευ Ιαν 19, 2009 5:16 pm
Τοποθεσία: Λεμεσός/Πύλα
Επικοινωνία:

Re: Combinatorial Nullstellensatz

#2

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από Demetres »

Μιας και έμεινε αρκετό καιρό, βάζω μια απάντηση:

Μπορούμε να υποθέσουμε ότι |A|+|B| \leqslant p. Αν όχι τότε για κάθε x \in \mathbb{Z}_p τα σύνολα A και x-B = \{x-b:b \in B\} έχουν μη κενή τομή (περιστεροφωλιά) και άρα υπάρχουν a\in A,b \in B με a+b=x. Άρα |A+B| = |\mathbb{Z}_p| = p.

Μπορούμε επίσης να υποθέσουμε ότι |A+B| \leqslant |A|+|B|-2 \leqslant p-2. Παίρνουμε C \supseteq A+B με |C| = |A|+|B|-2 = (|A|-1) + (|B|-1). Ο συντελεστής του x^{|A|-1}y^{|B|-1} στο πολυώνυμο f(x,y) = \prod_{c \in C}(x+y-c) ισούται με \binom{|C|}{|A|-1} \neq 0 \bmod p. Παίρνοντας S_1 = A,m_1=|S_1|-1=|A|-1,S_2=B,m_2=|B|-1 στο θεώρημα βρίσκουμε ότι υπάρχει a \in A,b \in B ώστε f(a,b) \neq 0, άτοπο.
Άβαταρ μέλους
Demetres
Γενικός Συντονιστής
Δημοσιεύσεις: 9010
Εγγραφή: Δευ Ιαν 19, 2009 5:16 pm
Τοποθεσία: Λεμεσός/Πύλα
Επικοινωνία:

Re: Combinatorial Nullstellensatz

#3

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από Demetres »

Θεώρημα Erdos-Ginzburg-Ziv: Έστω a_1,a_2,\ldots,a_{2n-1} \in \mathbb{Z}_n.Να δειχθεί ότι υπάρχουν 1 \leqslant i_1 < i_2 < \cdots < i_n \leqslant 2n-1 ώστε a_{i_1} + \cdots + a_{i_n} = 0 \bmod n.
Υπόδειξη: Δείξτε πρώτα ότι αρκεί να αποδείξουμε το θεώρημα αν n πρώτος. Μετά χρησιμοποιήστε το Combinatorial Nullstellensatz. (Υπάρχουν και άλλες αποδείξεις.)
Απάντηση

Επιστροφή στο “ΑΛΓΕΒΡΑ”

Μέλη σε σύνδεση

Μέλη σε αυτήν τη Δ. Συζήτηση: Δεν υπάρχουν εγγεγραμμένα μέλη και 1 επισκέπτης